已知函式且.(1)求a;(2)*:存在唯一的極大值點,且.
問題詳情:
已知函式且.
(1)求a;
(2)*:存在唯一的極大值點,且.
【回答】
(1)a=1;(2)見解析.
【分析】
(1)通過分析可知f(x)≥0等價於h(x)=ax﹣a﹣lnx≥0,進而利用h′(x)=a可得h(x)min=h(),從而可得結論;
(2)通過(1)可知f(x)=x2﹣x﹣xlnx,記t(x)=f′(x)=2x﹣2﹣lnx,解不等式可知t(x)min=t()=ln2﹣1<0,從而可知f′(x)=0存在兩根x0,x2,利用f(x)必存在唯一極大值點x0及x0可知f(x0),另一方面可知f(x0)>f().
【詳解】
(1)解:因為f(x)=ax2﹣ax﹣xlnx=x(ax﹣a﹣lnx)(x>0),
則f(x)≥0等價於h(x)=ax﹣a﹣lnx≥0,求導可知h′(x)=a.
則當a≤0時h′(x)<0,即y=h(x)在(0,+∞)上單調遞減,
所以當x0>1時,h(x0)<h(1)=0,矛盾,故a>0.
因為當0<x時h′(x)<0、當x時h′(x)>0,
所以h(x)min=h(),
又因為h(1)=a﹣a﹣ln1=0,
所以1,解得a=1;
另解:因為f(1)=0,所以f(x)≥0等價於f(x)在x>0時的最小值為f(1),
所以等價於f(x)在x=1處是極小值,
所以解得a=1;
(2)*:由(1)可知f(x)=x2﹣x﹣xlnx,f′(x)=2x﹣2﹣lnx,
令f′(x)=0,可得2x﹣2﹣lnx=0,記t(x)=2x﹣2﹣lnx,則t′(x)=2,
令t′(x)=0,解得:x,
所以t(x)在區間(0,)上單調遞減,在(,+∞)上單調遞增,
所以t(x)min=t()=ln2﹣1<0,從而t(x)=0有解,即f′(x)=0存在兩根x0,x2,
且不妨設f′(x)在(0,x0)上為正、在(x0,x2)上為負、在(x2,+∞)上為正,
所以f(x)必存在唯一極大值點x0,且2x0﹣2﹣lnx0=0,
所以f(x0)x0﹣x0lnx0x0+2x0﹣2x0,
由x0可知f(x0)<(x0)max;
由f′()<0可知x0,
所以f(x)在(0,x0)上單調遞增,在(x0,)上單調遞減,
所以f(x0)>f();
綜上所述,f(x)存在唯一的極大值點x0,且e﹣2<f(x0)<2﹣2.
【點睛】
本題考查利用導數研究函式的極值,考查運算求解能力,考查轉化思想,注意解題方法的積累,屬於難題.
知識點:導數及其應用
題型:解答題